Υπάρχει επαφή ;

Συντονιστές: vittasko, silouan, rek2

orestisgotsis
Δημοσιεύσεις: 1753
Εγγραφή: Σάβ Φεβ 25, 2012 10:19 pm

Υπάρχει επαφή ;

#1

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από orestisgotsis » Πέμ Οκτ 05, 2023 11:33 pm

ΠΕΡΙΤΤΑ
τελευταία επεξεργασία από orestisgotsis σε Σάβ Φεβ 24, 2024 4:04 pm, έχει επεξεργασθεί 1 φορά συνολικά.



Λέξεις Κλειδιά:
thepigod762
Δημοσιεύσεις: 92
Εγγραφή: Σάβ Οκτ 23, 2021 1:02 am
Τοποθεσία: Λάρισα

Re: Υπάρχει επαφή ;

#2

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από thepigod762 » Σάβ Οκτ 07, 2023 6:53 pm

Ας είναι K το κέντρο του κύκλου δια των F, B. Από το ορθογώνιο BFC προφανώς MB = MF = MC \Rightarrow KM κάθετη στη AB\Rightarrow οι MK, AB τέμνονται στον (ADM).

Αν P, Q οι τομές της MK με τον (K) (P εσωτερικό του τριγώνου), τότε: \angle PBC = \angle PQB = \angle FBP, αφού οι χορδές PB, FP είναι ίσες, άρα και οι εγγεγραμμένες που βαίνουν στα αντίστοιχα τόξα των χορδών αυτών είναι ίσα. Άρα BP διχοτόμος της \angle ABC.

Αφού QBP = 1L (βαίνει σε ημικύκλιο), BQ η εξωτερική διχοτόμος της \angle ABC, άρα η δέσμη B(Q, P;L, M), όπου L το μέσο του BF είναι αρμονική, δηλαδή η διάμετρος PQ του (K) χωρίζεται αρμονικά από τον (ADM). Συνεπώς (K), (ADM) ορθογώνιοι.

Όμοια και ο κύκλος δια των C, E είναι ορθογώνιος με τον (ADM).

Κατά την αντιστροφή ως προς τον (ADM), οι εφαπτόμενοι στην BC κύκλοι στέλνονται στον εαυτό τους, ενώ ο (DNM) γίνεται η BC (αφού προφανώς N κέντρο του (ADM)). Το ζητούμενο τώρα είναι άμεσο.

EDIT: διόρθωση τυπογραφικών
τελευταία επεξεργασία από thepigod762 σε Σάβ Οκτ 07, 2023 11:50 pm, έχει επεξεργασθεί 1 φορά συνολικά.


Γιώργος Κοτσάλης
Άβαταρ μέλους
Doloros
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 9901
Εγγραφή: Τρί Αύγ 07, 2012 4:09 am
Τοποθεσία: Ιεράπετρα Κρήτης

Re: Υπάρχει επαφή ;

#3

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Doloros » Κυρ Οκτ 08, 2023 12:38 am

thepigod762 έγραψε:
Σάβ Οκτ 07, 2023 6:53 pm
Ας είναι K το κέντρο του κύκλου δια των F, B. Από το ορθογώνιο BFC προφανώς MB = MF = MC \Rightarrow KM κάθετη στη AB\Rightarrow οι MK, AB τέμνονται στον (ADM).

Αν P, Q οι τομές της MK με τον (K) (P εσωτερικό του τριγώνου), τότε: \angle PBC = \angle PQB = \angle FBP, αφού οι χορδές PB, FP είναι ίσες, άρα και οι εγγεγραμμένες που βαίνουν στα αντίστοιχα τόξα των χορδών αυτών είναι ίσα. Άρα BP διχοτόμος της \angle ABC.
Υπάρχει επαφή_Κότσαλης.png
Υπάρχει επαφή_Κότσαλης.png (62.2 KiB) Προβλήθηκε 504 φορές
Αφού QBP = 1L (βαίνει σε ημικύκλιο), BQ η εξωτερική διχοτόμος της \angle ABC, άρα η δέσμη B(Q, P;L, M), όπου L το μέσο του BF είναι αρμονική, δηλαδή η διάμετρος PQ του (K) χωρίζεται αρμονικά από τον (ADM). Συνεπώς (K), (ADM) ορθογώνιοι.

Όμοια και ο κύκλος δια των C, E είναι ορθογώνιος με τον (ADM).

Κατά την αντιστροφή ως προς τον (ADM), οι εφαπτόμενοι στην BC κύκλοι στέλνονται στον εαυτό τους, ενώ ο (DNM) γίνεται η BC (αφού προφανώς N κέντρο του (ADM)). Το ζητούμενο τώρα είναι άμεσο.

EDIT: διόρθωση τυπογραφικών
Το σχήμα της ωραίας λύσης του Γιώργου


Απάντηση

Επιστροφή σε “Γεωμετρία - Επίπεδο Αρχιμήδη (Seniors)”

Μέλη σε σύνδεση

Μέλη σε αυτήν τη Δ. Συζήτηση: Δεν υπάρχουν εγγεγραμμένα μέλη και 1 επισκέπτης