Κοινή εφαπτομένη

#1

Να αποδειχθεί ότι οι γραφικές παραστάσεις των : $\displaystyle{\,\,\,\,\,\,\,\,f(x) = {e^x}\,\,\,,\,\,\,\,g(x) = \sqrt x }$ , έχουν κοινή εφαπτομένη .

Edit : διαγράφηκε η λέξη ''μοναδική"

KARKAR · #2

: κοινές εφαπτόμενες.png (11.65 KiB) Προβλήθηκε 4325 φορές

Ακολουθώντας την τεχνοτροπία του Θάνου εδώ , καταλήγω στην εξίσωση :

$4xe^{2x}-4e^{2x}+1=0$ , όπου A(x,e^x)

σημείο της γραφικής παράστασης της f(x)=e^x

.

Αυτή εύκολα με Bolzano βρίσκουμε ότι έχει δύο λύσεις από μία στα διαστήματα (-2,-1)

και

...

#3

exdx έγραψε:Να αποδειχθεί ότι οι γραφικές παραστάσεις των : $\displaystyle{\,\,\,\,\,\,\,\,f(x) = {e^x}\,\,\,,\,\,\,\,g(x) = \sqrt x }$ , έχουν κοινή εφαπτομένη .
Edit : διαγράφηκε η λέξη ''μοναδική"

Θα δείξω ότι υπάρχει κοινή εφαπτομένη και μάλιστα θα το πάω πιο πέρα και θα αποδείξω ότι υπάρχουν ακριβώς δυο

Έστω $M\left( {{x_1},f\left( {{x_1}} \right)} \right)$ σημείο της γραφικής παράστασης της παραγωγίσιμης στο

συνάρτησης $f\left( x \right) = {e^x}$ οπότε η εφαπτόμενη της ${C_f}$

στο $M\left( {{x_1},f\left( {{x_1}} \right)} \right)$ έχει εξίσωση $\left( {{\varepsilon _1}} \right) \to y - f\left( {{x_1}} \right) = f'\left( {{x_1}} \right) \cdot \left( {x - {x_1}} \right)$ $\mathop \Rightarrow \limits^{f\left( {{x_1}} \right) = {e^{{x_1}}},f'\left( {{x_1}} \right) = {e^{{x_1}}}} \ldots \boxed{\left( {{\varepsilon _1}} \right) \to y = {e^{{x_1}}} \cdot x + {e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}:\left( 1 \right)$ ,

και αν $N\left( {{x_2},f\left( {{x_2}} \right)} \right)$ σημείο της παραγωγίσιμης στο $\left( {0, + \infty } \right)$ συνάρτησης $g\left( x \right) = \sqrt x$ οπότε η εφαπτόμενη της ${C_g}$ στο $N\left( {{x_2},f\left( {{x_2}} \right)} \right)$

έχει εξίσωση $\left( {{\varepsilon _2}} \right) \to y - g\left( {{x_2}} \right) = g'\left( {{x_2}} \right) \cdot \left( {x - {x_2}} \right)\mathop \Rightarrow \limits^{g\left( {{x_2}} \right) = \sqrt {{x_2}} ,g'\left( {{x_2}} \right) = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }}}$ $\ldots \boxed{\left( {{\varepsilon _2}} \right) \to y = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }}x + \dfrac{{\sqrt {{x_2}} }}{2}}:\left( 2 \right)$ .

Θα δείξω ότι υπάρχουν ${x_1} \in R$ και ${x_2} \in \left( {0, + \infty } \right)$ ώστε: $\left( {{\varepsilon _1}} \right) \equiv \left( {{\varepsilon _2}} \right) \Leftrightarrow \ldots \left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} \\ {e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right) = \dfrac{{\sqrt {{x_2}} }}{2} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow$

$\left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right.$ $\Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} 4{e^{2{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right) - 1 = 0 \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} \boxed{4\left( {1 - {x_1}} \right) - {e^{ - 2{x_1}}} = 0}:\left( 3 \right) \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right.$ .

Αρκεί να δείξω ότι η εξίσωση $4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}} = 0$ έχει ρίζα στο

. Θεωρούμε τη συνάρτηση $h\left( x \right) = 4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}$ που είναι παραγωγίσιμη στο

(πράξεις με παραγωγίσιμες) με $h'\left( x \right) = - 4 + 2{e^{ - 2x}}$ και $h'\left( x \right) = 0 \Leftrightarrow {e^{ - 2x}} = 2 \Leftrightarrow - 2x = \ln 2 \Leftrightarrow \boxed{x = - \dfrac{{\ln 2}}{2}}$ .

Εύκολα βρίσκουμε ότι για $x < - \dfrac{{\ln 2}}{2} \Rightarrow \ldots h'\left( x \right) > 0\mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]} h$ γνησίως αύξουσα στο $\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]$ και για

$x > - \dfrac{{\ln 2}}{2} \Rightarrow \ldots h'\left( x \right) < 0\mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)} h$ γνησίως φθίνουσα στο $\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)$ , άρα παρουσιάζει ολικό μέγιστο το

$h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) = 4\left( {1 - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) - 2 = 2 - 2\ln 2 = 2\left( {1 - \ln 2} \right)$ $\mathop \Rightarrow \limits^{e > 2 \Rightarrow \ln e > \ln 2 \Rightarrow 1 - \ln 2 > 0} h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0$ . Επίσης είναι

$\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}} \right] = \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \left[ {{e^{ - 2x}}\left( {\dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}} - 1} \right)} \right]$ $\mathop \Rightarrow \limits^{\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}}\mathop = \limits_{De\,\,L'Hospital}^{\dfrac{0}{0}} \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \dfrac{{ - 4}}{{ - 2{e^{ - 2x}}}} = \ldots 0 \Rightarrow \left( {\dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}} - 1} \right) = - 1,\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } {e^{ - 2x}} = + \infty }$

$\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = - \infty \mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]}$ $h\left( {\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]} \right) = \left( { - \infty ,h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right)} \right]\mathop \mathrel\backepsilon \limits^{h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0} 0 \Rightarrow h\left( x \right) = 0$

έχει ρίζα στο $\left( { - \infty , & - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]$ και μάλιστα μοναδική λόγω της μονοτονίας της στο διάστημα αυτό.

Επίσης $\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } h\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}} \right]$ $\mathop \Rightarrow \limits^{\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right)} \right] = - \infty ,\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } {e^{ - 2x}} = \ldots 0} \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = - \infty \mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)}$

$h\left( {\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)} \right) = \left( { - \infty ,h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right)} \right]\mathop \mathrel\backepsilon \limits^{h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0} 0 \Rightarrow h\left( x \right) = 0$ έχει ρίζα στο $\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)$

η οποία μάλιστα είναι και μοναδική λόγω της μονοτονίας της

στο διάστημα αυτό.

Τελικά οι γραφικές παραστάσεις των f,g

έχουν ακριβώς δύο κοινές εφαπτόμενες.

Στάθης

KARKAR · #4

Ευκαιρίας δοθείσης , ας δώσουμε τροφή για προβληματισμό . Διατυπώνω τον εξής ( γεωμετρικά προφανή ) ισχυρισμό :

Δύο συναρτήσεις , από τις οποίες η μία είναι κοίλη και η άλλη κυρτή , έχουν το πολύ δύο κοινές εφαπτόμενες .

( Ας δεχθούμε χάριν απλότητας το σχολικό ορισμό της κυρτότητας )

Θωμάς Ποδηματάς · #5

ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ έγραψε:...

Θα δείξω ότι υπάρχουν ${x_1} \in R$ και ${x_2} \in \left( {0, + \infty } \right)$ ώστε: $\left( {{\varepsilon _1}} \right) \equiv \left( {{\varepsilon _2}} \right) \Leftrightarrow \ldots \left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} \\ {e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right) = \dfrac{{\sqrt {{x_2}} }}{2} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow$
...

Στάθης

Χαιρετώ μετά από καιρό την εκλεκτή παρέα του

Νομίζω ότι πρέπει να συμπληρώσουμε κάτι στην εξαιρετική προσέγγιση του φίλου Στάθη

Για να αληθεύει η δεύτερη από τις εξισώσεις του συστήματος, θα πρέπει x_1<1

. Επειδή είναι $h(1)=-e^{-2}$ , η μοναδική ρίζα (2η) θα είναι στο διάστημα
$\displaystyle{\left( - \frac{ln2}{2},1 \right)}$ . Τώρα είμαστε σίγουροι ότι το σύστημα έχει δύο ζεύγη λύσεων, άρα τα γραφήματα ακριβώς δύο κοινές εφαπτόμενες.

Φιλικά

Θωμάς

#6

Καλημέρα.
Εμένα ο προβληματισμός μου έχει να κάνει με την ερώτηση της άσκησης.

Λέει:

exdx έγραψε:Να αποδειχθεί ότι οι γραφικές παραστάσεις των : $\displaystyle{\,\,\,\,\,\,\,\,f(x) = {e^x}\,\,\,,\,\,\,\,g(x) = \sqrt x }$ , έχουν κοινή εφαπτομένη .

Edit : διαγράφηκε η λέξη ''μοναδική"

Γιατί εμείς πρέπει να δείξουμε πως έχει ακριβώς δύο κοινές εφαπτομένες;

Θα μπορούσε να είναι και ο προβληματισμός ενός μαθητή που παρακολουθεί.

Θα αρκούσε να δείξω απλά πως το σύστημα που βγαίνει έχει μία τουλάχιστον λύση;

Ραντεβού το μεσημέρι.

Θωμάς Ποδηματάς · #7

Καλημέρα ...

Εγώ είχα διατυπώσει στο παρελθόν το θέμα στο μάθημα, ως εξής :

"Να δείξετε ότι τα γραφήματα των f(x)=e^x

και $g(x)=\sqrt(x)$ έχουν ακριβώς δύο κοινές εφαπτόμενες"

Επειδή ο φίλος Στάθης ουσιαστικά αυτό το θέμα έλυσε, έκανα την παρατήρηση που έκανα, πάντα και προφανώς καλοπροαίρετα, για να έχει πραγματικά δύο λύσεις το σύστημα που προκύπτει από την απαίτηση ταύτισης των δύο εφαπτόμενων...

Όσον αφορά την αρχική διατύπωση του θέματος,

exdx έγραψε:Να αποδειχθεί ότι οι γραφικές παραστάσεις των : $\displaystyle{\,\,\,\,\,\,\,\,f(x) = {e^x}\,\,\,,\,\,\,\,g(x) = \sqrt x }$ , έχουν κοινή εφαπτομένη .

Edit : διαγράφηκε η λέξη ''μοναδική"

συμφωνώ φυσικά Χρήστο, ότι θα αρκούσε το σύστημα να έχει μία τουλάχιστον λύση, ώστε να δέχονται μία τουλάχιστον κοινή εφαπτομένη. Και σε αυτή όμως την περίπτωση, νομίζω ότι θα έπρεπε για λόγους ορισμού των εξισώσεων να ίσχυε x_1<1

, διαφορετικά δεν θα είχε νόημα το σύστημα, αφού η 2η εξίσωσή του θα ήταν αδύνατη...

Φιλικότατα

Θωμάς

istam · #8

ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ έγραψε: ↑
Σάβ Νοέμ 02, 2013 10:46 pm

exdx έγραψε:Να αποδειχθεί ότι οι γραφικές παραστάσεις των : $\displaystyle{\,\,\,\,\,\,\,\,f(x) = {e^x}\,\,\,,\,\,\,\,g(x) = \sqrt x }$ , έχουν κοινή εφαπτομένη .
Edit : διαγράφηκε η λέξη ''μοναδική"
Θα δείξω ότι υπάρχει κοινή εφαπτομένη και μάλιστα θα το πάω πιο πέρα και θα αποδείξω ότι υπάρχουν ακριβώς δυο

Έστω $M\left( {{x_1},f\left( {{x_1}} \right)} \right)$ σημείο της γραφικής παράστασης της παραγωγίσιμης στο συνάρτησης $f\left( x \right) = {e^x}$ οπότε η εφαπτόμενη της ${C_f}$

στο $M\left( {{x_1},f\left( {{x_1}} \right)} \right)$ έχει εξίσωση $\left( {{\varepsilon _1}} \right) \to y - f\left( {{x_1}} \right) = f'\left( {{x_1}} \right) \cdot \left( {x - {x_1}} \right)$ $\mathop \Rightarrow \limits^{f\left( {{x_1}} \right) = {e^{{x_1}}},f'\left( {{x_1}} \right) = {e^{{x_1}}}} \ldots \boxed{\left( {{\varepsilon _1}} \right) \to y = {e^{{x_1}}} \cdot x + {e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}:\left( 1 \right)$ ,

και αν $N\left( {{x_2},f\left( {{x_2}} \right)} \right)$ σημείο της παραγωγίσιμης στο $\left( {0, + \infty } \right)$ συνάρτησης $g\left( x \right) = \sqrt x$ οπότε η εφαπτόμενη της ${C_g}$ στο $N\left( {{x_2},f\left( {{x_2}} \right)} \right)$

έχει εξίσωση $\left( {{\varepsilon _2}} \right) \to y - g\left( {{x_2}} \right) = g'\left( {{x_2}} \right) \cdot \left( {x - {x_2}} \right)\mathop \Rightarrow \limits^{g\left( {{x_2}} \right) = \sqrt {{x_2}} ,g'\left( {{x_2}} \right) = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }}}$ $\ldots \boxed{\left( {{\varepsilon _2}} \right) \to y = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }}x + \dfrac{{\sqrt {{x_2}} }}{2}}:\left( 2 \right)$ .

Θα δείξω ότι υπάρχουν ${x_1} \in R$ και ${x_2} \in \left( {0, + \infty } \right)$ ώστε: $\left( {{\varepsilon _1}} \right) \equiv \left( {{\varepsilon _2}} \right) \Leftrightarrow \ldots \left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} \\ {e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right) = \dfrac{{\sqrt {{x_2}} }}{2} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow$

$\left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} {e^{{x_1}}} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right.$ $\Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} 4{e^{2{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right) - 1 = 0 \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{gathered} \boxed{4\left( {1 - {x_1}} \right) - {e^{ - 2{x_1}}} = 0}:\left( 3 \right) \\ \dfrac{1}{{2\sqrt {{x_2}} }} = \dfrac{1}{{4{e^{{x_1}}}\left( {1 - {x_1}} \right)}} \\ \end{gathered} \right.$ .

Αρκεί να δείξω ότι η εξίσωση $4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}} = 0$ έχει ρίζα στο. Θεωρούμε τη συνάρτηση $h\left( x \right) = 4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}$ που είναι παραγωγίσιμη στο

(πράξεις με παραγωγίσιμες) με $h'\left( x \right) = - 4 + 2{e^{ - 2x}}$ και $h'\left( x \right) = 0 \Leftrightarrow {e^{ - 2x}} = 2 \Leftrightarrow - 2x = \ln 2 \Leftrightarrow \boxed{x = - \dfrac{{\ln 2}}{2}}$ .

Εύκολα βρίσκουμε ότι για $x < - \dfrac{{\ln 2}}{2} \Rightarrow \ldots h'\left( x \right) > 0\mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]} h$ γνησίως αύξουσα στο $\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]$ και για

$x > - \dfrac{{\ln 2}}{2} \Rightarrow \ldots h'\left( x \right) < 0\mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)} h$ γνησίως φθίνουσα στο $\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)$ , άρα παρουσιάζει ολικό μέγιστο το

$h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) = 4\left( {1 - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) - 2 = 2 - 2\ln 2 = 2\left( {1 - \ln 2} \right)$ $\mathop \Rightarrow \limits^{e > 2 \Rightarrow \ln e > \ln 2 \Rightarrow 1 - \ln 2 > 0} h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0$ . Επίσης είναι

$\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}} \right] = \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \left[ {{e^{ - 2x}}\left( {\dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}} - 1} \right)} \right]$ $\mathop \Rightarrow \limits^{\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}}\mathop = \limits_{De\,\,L'Hospital}^{\dfrac{0}{0}} \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } \dfrac{{ - 4}}{{ - 2{e^{ - 2x}}}} = \ldots 0 \Rightarrow \left( {\dfrac{{4\left( {1 - x} \right)}}{{{e^{ - 2x}}}} - 1} \right) = - 1,\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } {e^{ - 2x}} = + \infty }$

$\mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = - \infty \mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]}$ $h\left( {\,\,\left( { - \infty , - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]} \right) = \left( { - \infty ,h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right)} \right]\mathop \mathrel\backepsilon \limits^{h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0} 0 \Rightarrow h\left( x \right) = 0$

έχει ρίζα στο $\left( { - \infty , & - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right]$ και μάλιστα μοναδική λόγω της μονοτονίας της στο διάστημα αυτό.

Επίσης $\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } h\left( x \right) = \mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right) - {e^{ - 2x}}} \right]$ $\mathop \Rightarrow \limits^{\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } \left[ {4\left( {1 - x} \right)} \right] = - \infty ,\mathop {\lim }\limits_{x \to + \infty } {e^{ - 2x}} = \ldots 0} \mathop {\lim }\limits_{x \to - \infty } h\left( x \right) = - \infty \mathop \Rightarrow \limits^{h\,\,\sigma \upsilon \nu \varepsilon \chi \eta \varsigma \,\,\sigma \tau o\,\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)}$

$h\left( {\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)} \right) = \left( { - \infty ,h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right)} \right]\mathop \mathrel\backepsilon \limits^{h\left( { - \dfrac{{\ln 2}}{2}} \right) > 0} 0 \Rightarrow h\left( x \right) = 0$ έχει ρίζα στο $\left[ { - \dfrac{{\ln 2}}{2}, + \infty } \right)$

η οποία μάλιστα είναι και μοναδική λόγω της μονοτονίας της στο διάστημα αυτό.

Τελικά οι γραφικές παραστάσεις των έχουν ακριβώς δύο κοινές εφαπτόμενες.

Στάθης

Καλησπέρα, πώς μπορεί να αποδειχθεί ότι οι κοινές εφαπτόμενες ευθείες είναι το πολύ δύο με θεώρημα Rolle?

Κοινή εφαπτομένη

Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Re: Κοινή εφαπτομένη

Μέλη σε σύνδεση