Ενδιαφέρουσα αναλογία εφαπτομενικών τμημάτων

Συντονιστές: vittasko, silouan, rek2

Άβαταρ μέλους
ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ
Επιμελητής
Δημοσιεύσεις: 4658
Εγγραφή: Κυρ Μαρ 13, 2011 9:11 pm
Τοποθεσία: Βρυξέλλες

Ενδιαφέρουσα αναλογία εφαπτομενικών τμημάτων

#1

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από ΣΤΑΘΗΣ ΚΟΥΤΡΑΣ » Τετ Νοέμ 02, 2022 5:31 pm

Ενδιαφέρουσα αναλογία εφαπτομενικών τμημάτων.png
Ενδιαφέρουσα αναλογία εφαπτομενικών τμημάτων.png (38.31 KiB) Προβλήθηκε 592 φορές
Έστω ABCD περιγεγραμμένο σε κύκλο \left( I \right) «τραπέζιο» με AB\parallel CD και ας είναι X το σημείο επαφής του \left( I \right) με την πλευρά του AB

Αν T,S είναι τα σημεία επαφής των εγγεγραμμένων κύκλων \left( K \right),\left( L \right) των τριγώνων \vartriangle ADF,\vartriangle BCE με την πλευρά AB , με F,E τυχόντα σημεία της AB αντίστοιχα και Z το σημείο επαφής του κύκλου \left( O \right) ο οποίος εφάπτεται των CD,DF,CE με την CD να δειχτεί ότι: \dfrac{XT}{XS}=\dfrac{ZC}{ZD}


Τι περιμένετε λοιπόν ναρθεί , ποιόν καρτεράτε να σας σώσει.
Εσείς οι ίδιοι με τα χέρια σας , με το μυαλό σας με την πράξη αν δεν αλλάξετε τη μοίρα σας ποτέ της δεν θα αλλάξει

Λέξεις Κλειδιά:
Henri van Aubel
Δημοσιεύσεις: 876
Εγγραφή: Τρί Σεπ 13, 2022 12:01 pm

Re: Ενδιαφέρουσα αναλογία εφαπτομενικών τμημάτων

#2

Μη αναγνωσμένη δημοσίευση από Henri van Aubel » Σάβ Απρ 01, 2023 12:50 pm

Με την καλημέρα μου στον χαρισματικό Στάθη Κούτρα και την καλύτερη γεωμετρική παρέα! :D

Στο σχήμα του Στάθη.

Είναι A,K,I και B,L,I συνευθειακές τριάδες (απλό). Έχουμε  \displaystyle \angle LIC\equiv \angle BIC=90^\circ και  \displaystyle \angle LCI=\frac{\angle C}{2}-\frac{\angle ECB}{2}=\frac{\angle C-\angle ECB}{2}=\angle OCZ, άρα  \displaystyle \vartriangle OZC\sim \vartriangle LIC\Rightarrow \frac{CI}{IL}=\frac{ZC}{ZO}:(1). Ομοίως  \displaystyle \angle KID\equiv \angle AID=90^\circ,\angle KDI=\frac{\angle D-\angle ADF}{2}=\angle ODZ, άρα  \displaystyle \vartriangle KID\sim \vartriangle OZD\Rightarrow \frac{KI}{ID}=\frac{ZO}{ZD}:(2).
Από  \displaystyle \left ( 1 \right ),\left ( 2 \right )\Rightarrow \frac{KI}{IL}\cdot \frac{IC}{ID}=\frac{ZC}{ZD}:(3)
Επιπλέον  \displaystyle \frac{XT}{XS}=\frac{XT}{AX}\cdot \frac{XB}{ZS}\cdot \frac{AX}{XB}^{AK||XI,SL||XI}=\frac{KI}{AI}\cdot \frac{BI}{LI}\cdot \frac{AX}{XB}:(4)

Οπότε από \left ( 3 \right ),\left ( 4 \right ) αρκεί να αποδειχθεί ότι  \displaystyle \frac{KI}{LI}\cdot \frac{BI}{XB}\cdot \frac{AX}{AI}=\frac{KI}{LI}\cdot \frac{IC}{ID}\Leftrightarrow \frac{BI}{XB}\cdot \frac{AX}{AI}=\frac{IC}{ID}.

Αυτό ισχύει, καθώς  \displaystyle \frac{IC}{ID}=\frac{\cos A/2}{\cos B/2}=\frac{BI}{XB}\cdot \frac{AX}{AI}.


Απάντηση

Επιστροφή σε “Γεωμετρία - Επίπεδο Αρχιμήδη (Seniors)”

Μέλη σε σύνδεση

Μέλη σε αυτήν τη Δ. Συζήτηση: Δεν υπάρχουν εγγεγραμμένα μέλη και 5 επισκέπτες